说明

试题 F: 删边问题 没实现
试题 I: 拼数字 不会做
试题 J: 逃跑 不会做

试题 A: 子 2023

本题总分:5 分

【问题描述】
小蓝在黑板上连续写下从 1 到 2023 之间所有的整数,得到了一个数字序列:
S = 12345678910111213 . . . 20222023。
小蓝想知道 S 中有多少种子序列恰好等于 2023?
提示,以下是 3 种满足条件的子序列(用中括号标识出的数字是子序列包含的数字):
1[2]34567891[0]111[2]1[3]14151617181920212223…
1[2]34567891[0]111[2]131415161718192021222[3]…
1[2]34567891[0]111213141516171819[2]021222[3]…
注意以下是不满足条件的子序列,虽然包含了 2、0、2、3 四个数字,但是顺序不对:
1[2]345678910111[2]131415161718192[0]21222[3]…

【答案提交】
这是一道结果填空的题,你只需要算出结果后提交即可。本题的结果为一个整数,在提交答案时只填写这个整数,填写多余的内容将无法得分

【解释】
动态规划
当遇到字符 ‘2’ 的时候字符串 “2” 的数量+1,字符串 “202” 的数量加上字符串 “20” 的数量
当遇到字符 ‘0’ 的时候字符串 “20” 的数量加上字符串 “2” 的数量
当遇到字符 ‘3’ 的时候字符串 “2023” 的数量加上字符串 “202” 的数量
最后 “2023” 的数量就是答案

【代码】

#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
signed main(){
	int dp[4]={0};//分别代表"2"、"20"、"202"、"2023"的数量
	string s;
	for(int i=1;i<=2023;i++){//构造string 
		s+=to_string(i);
	} 
	for(int i=0;i<s.size();i++){//构造string 
		if(s[i]=='2'){
			dp[0]++;
			dp[2]+=dp[1];
		}else if(s[i]=='0'){
			dp[1]+=dp[0];
		}else if(s[i]=='3'){
			dp[3]+=dp[2];
		}
	} 
	cout<<dp[3]<<endl;
}

【答案】

5484660609

试题 B: 双子数

本题总分:5 分

【问题描述】
  若一个正整数 x 可以被表示为 p2 × q2,其中 p、q 为质数且 p , q,则 x 是一个 “双子数”。请计算区间 [2333, 23333333333333] 内有多少个 “双子数”?

【答案提交】
  这是一道结果填空的题,你只需要算出结果后提交即可。本题的结果为一个整数,在提交答案时只填写这个整数,填写多余的内容将无法得分。

【解释】
先用欧拉筛求出10的7次方内的素数,求出之后暴力枚举两个数即可

【代码】

#include<bits/stdc++.h>
#define int __int128 //用__int128稳一点 
using namespace std;
int f[10000010]={1,1};
vector<int> v;
signed main(){
	for(int i=2;i<=10000010;i++){//欧拉筛求素数 
		if(f[i]==0){//如果没被标记过,那么i是质数 
			v.push_back(i);
		}
		for(int j=0;j<v.size()&&v[j]*i<=10000010;j++){
			f[v[j]*i]=1;//标记以i为最大因数的数为不是素数(除了1和本身)
			if(i%v[j]==0){//如果p[j]是i的因数,那么后面的数都不是以i为最大因数的 
				break;
			}
		}
	}
	
	long long ans=0; 
	for(int i=0;i<v.size();i++){
		for(int j=i+1;j<v.size();j++){
			if(v[i]*v[i]*v[j]*v[j]<2333)continue;//小于那就不要,继续 
			if(v[i]*v[i]*v[j]*v[j]>23333333333333)break;//大于直接退出 
			ans++;
		}
	}
	cout<<ans<<endl; 
} 

【答案】

947293

试题 C: 班级活动

时间限制: 1.0s 内存限制: 256.0MB 本题总分:10 分

【问题描述】
  小明的老师准备组织一次班级活动。班上一共有 n 名(n 为偶数)同学,老师想把所有的同学进行分组,每两名同学一组。为了公平,老师给每名同学随机分配了一个 n 以内的正整数作为 id,第 i 名同学的 id 为 ai
  老师希望通过更改若干名同学的 id 使得对于任意一名同学 i,有且仅有另一名同学 j 的 id 与其相同(ai = aj)。请问老师最少需要更改多少名同学的 id?

【输入格式】
输入共 2 行。
第一行为一个正整数 n。
第二行为 n 个由空格隔开的整数 a1, a2, …, an

【输出格式】
输出共 1 行,一个整数。

【样例输入】

4
1 2 2 3

【样例输出】

1

【样例说明】
仅需要把 a1 改为 3 或者把 a3 改为 1 即可。

【评测用例规模与约定】
对于 20% 的数据,保证 n ≤ 103。
对于 100% 的数据,保证 n ≤ 105。

【解释】
把题目捋清楚就很容易实现了
1、先用map存下每个数字的数量
2、数量大于等于2的那么就减去二,剩下的一定要转换,存到sum1中,小于二的另外统计到sum2中
3、sum1>=sum2,那么答案是sum1,sum1<sum2,那么答案是sum1+(sum2-sum1)/2;

【代码】

#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
signed main(){
	int n;
	map<int,int> ma;
	cin>>n; 
	for(int i=0;i<n;i++){
		int a;
		cin>>a;
		ma[a]++;
	}
	int sum1=0,sum2=0;
	for(auto it:ma){
		if(it.second>=2){
			sum1+=it.second-2;
		}else{
			sum2+=it.second;
		}
	}
	if(sum1>=sum2){
		cout<<sum1<<endl;
	}else{
		cout<<sum1+(sum2-sum1)/2<<endl;
	}
}

试题 D: 合并数列

时间限制: 1.0s 内存限制: 256.0MB 本题总分:10 分

【问题描述】
  小明发现有很多方案可以把一个很大的正整数拆成若干正整数的和。他采取了其中两种方案,分别将他们列为两个数组 {a1, a2, …, an} 和 {b1, b2, …, bm}。两个数组的和相同。

  定义一次合并操作可以将某数组内相邻的两个数合并为一个新数,新数的值是原来两个数的和。小明想通过若干次合并操作将两个数组变成一模一样,即 n = m 且对于任意下标 i 满足 ai = bi。请计算至少需要多少次合并操作可以完成小明的目标。

【输入格式】
输入共 3 行。
第一行为两个正整数 n, m。
第二行为 n 个由空格隔开的整数 a1, a2, …, an。
第三行为 m 个由空格隔开的整数 b1, b2, …, bm。

【输出格式】
输出共 1 行,一个整数。

【样例输入】
4 3
1 2 3 4
1 5 4

【样例输出】
1

【样例说明】
只需要将 a2 和 a3 合并,数组 a 变为 {1, 5, 4},即和 b 相同。

【评测用例规模与约定】
对于 20% 的数据,保证 n, m ≤ 103
对于 100% 的数据,保证 n, m ≤ 105,0 < ai, bi ≤ 105

【解释】
其实就是一个贪心题
1、对比两个数组最左边的数字,哪边小就合并哪一边
2、如果两个数组最左边的数字相等就出队

【代码】

#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
signed main(){
	int n,m;
	deque<int> q1,q2;
	cin>>n>>m;
	for(int i=0;i<n;i++){
		int a;
		cin>>a;
		q1.push_back(a);
	}
	for(int i=0;i<m;i++){
		int a;
		cin>>a;
		q2.push_back(a);
	}
	int ans=0;//记录答案 
	while(!q1.empty()){
		if(q1.front()==q2.front()){//相等直接出队 
			q1.pop_front();
			q2.pop_front(); 
		}else if(q1.front()>q2.front()){//q2小就合并q2前面两个 
			q2[1]+=q2[0];
			q2.pop_front();
			ans++;//合并次数+1 
		}else{//q1小就合并q1前面两个 
			q1[1]+=q1[0];
			q1.pop_front();
			ans++;//合并次数+1 
		} 
	}
	cout<<ans<<endl; 
}

试题 E: 数三角

时间限制: 1.0s 内存限制: 256.0MB 本题总分:15 分

【问题描述】
小明在二维坐标系中放置了 n 个点,他想在其中选出一个包含三个点的子集,这三个点能组成三角形。然而这样的方案太多了,他决定只选择那些可以组成等腰三角形的方案。请帮他计算出一共有多少种选法可以组成等腰三角形?

【输入格式】
输入共 n + 1 行。
第一行为一个正整数 n。
后面 n 行,每行两个整数 xi, yi 表示第 i 个点的坐标。

【输出格式】
输出共 1 行,一个整数。

【样例输入】
5
1 4
1 0
2 1
1 2
0 1

【样例输出】
4

【样例说明】
一共有 4 种选法:{2, 3, 4}、{3, 4, 5}、{4, 5, 2}、{5, 2, 3}。

【评测用例规模与约定】
对于 20% 的数据,保证 n ≤ 200。
对于 100% 的数据,保证 n ≤ 2000,0 ≤ xi, yi ≤ 109

【解释】
样例应该输出5,比赛时勘误了,{1, 3, 5}也是可以的
1、枚举每个点,计算其它点与该点的距离,距离相同的两条边可以构成等腰三角型
2、注意要考虑共线问题
3、其实这个方法不是很行,等边三角形会被重复计算,正解是什么不是很清楚

【代码】

#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
signed main(){
	int n;
	cin>>n;
	vector<vector<int>> v;
	for(int i=0;i<n;i++){
		int a,b;
		cin>>a>>b;
		v.push_back({a,b});
	}
	int ans=0;//统计答案 
	for(int i=0;i<n;i++){
		map<int,int> ma1; 
		map<pair<int,double>,int> ma2;
		for(int j=0;j<n;j++){
			int d=(v[i][0]-v[j][0])*(v[i][0]-v[j][0])+(v[i][1]-v[j][1])*(v[i][1]-v[j][1]);//距离的平方,就不开方了
			double k=-1;
			if(v[i][1]-v[j][1]!=0){
				k=(double)(v[i][0]-v[j][0])/(v[i][1]-v[j][1]);//斜率 
			} 
			ans+=ma1[d];
			ans-=ma2[{d,k}];//减去共线的数量 
			ma1[d]++;
			ma2[{d,k}]++; 
		}
	}
	cout<<ans<<endl; 
}

试题 F: 删边问题

时间限制: 1.0s 内存限制: 256.0MB 本题总分:15 分

【问题描述】
给定一个包含 N 个结点 M 条边的无向图 G,结点编号 1 . . . N。其中每个
结点都有一个点权 Wi。
你可以从 M 条边中任选恰好一条边删除,如果剩下的图恰好包含 2 个连通
分量,就称这是一种合法的删除方案。
对于一种合法的删除方案,我们假设 2 个连通分量包含的点的权值之和分
别为 X 和 Y,请你找出一种使得 X 与 Y 的差值最小的方案。输出 X 与 Y 的差
值。

【输入格式】
第一行包含两个整数 N 和 M。
第二行包含 N 个整数,W1, W2, . . . WN。
以下 M 行每行包含 2 个整数 U 和 V,代表结点 U 和 V 之间有一条边。

【输出格式】
一个整数代表最小的差值。如果不存在合法的删除方案,输出 −1。

【样例输入】
4 4
10 20 30 40
1 2
2 1
2 3
4 3

【样例输出】
20

【样例说明】
由于 1 和 2 之间实际有 2 条边,所以合法的删除方案有 2 种,分别是删除(2, 3) 之间的边和删除 (3, 4) 之间的边。
删除 (2, 3) 之间的边,剩下的图包含 2 个连通分量:{1, 2} 和 {3, 4},点权和分别是 30、70,差为 40。
删除 (3, 4) 之间的边,剩下的图包含 2 个连通分量:{1, 2, 3} 和 {4},点权和分别是 60、40,差为 20。

【评测用例规模与约定】
对于 20% 的数据,1 ≤ N, M ≤ 10000。
对于另外 20% 的数据,每个结点的度数不超过 2。
对于 100% 的数据,1 ≤ N, M ≤ 200000,0 ≤ Wi ≤ 109,1 ≤ U, V ≤ N。

【解释】
会缩点的话这题就不成问题了!但是我不会
提供点思路
1、用Tarjan算法将环缩成一个点,缩点后将会的到一棵树
2、统计树每个节点的字节点和(dfs一遍就可以实现)
3、枚举每个点,答案就是每个点的abs(总分数-节点分数-节点分数),取最小值

【代码】
代码就不写了,不是很熟

试题 G: AB 路线

时间限制: 1.0s 内存限制: 256.0MB 本题总分:20 分

【问题描述】
  有一个由 N × M 个方格组成的迷宫,每个方格写有一个字母 A 或者 B。小蓝站在迷宫左上角的方格,目标是走到右下角的方格。他每一步可以移动到上下左右相邻的方格去。
  由于特殊的原因,小蓝的路线必须先走 K 个 A 格子、再走 K 个 B 格子、再走 K 个 A 格子、再走 K 个 B 格子……如此反复交替。
  请你计算小蓝最少需要走多少步,才能到达右下角方格?
  注意路线经过的格子数不必一定是 K 的倍数,即最后一段 A 或 B 的格子可以不满 K 个。起点保证是 A 格子。

例如 K = 3 时,以下 3 种路线是合法的:
AA
AAAB
AAABBBAAABBB
以下 3 种路线不合法:
ABABAB
ABBBAAABBB
AAABBBBBBAAA

【输入格式】
第一行包含三个整数 N、M 和 K。
以下 N 行,每行包含 M 个字符(A 或 B),代表格子类型。

【输出格式】
一个整数,代表最少步数。如果无法到达右下角,输出 −1。

【样例输入】
4 4 2
AAAB
ABAB
BBAB
BAAA

【样例输出】
8

【样例说明】
每一步方向如下:下右下右上右下下;路线序列:AABBAABBA。

【评测用例规模与约定】
对于 20% 的数据,1 ≤ N, M ≤ 4。
对于另 20% 的数据,K = 1。
对于 100% 的数据,1 ≤ N, M ≤ 1000,1 ≤ K ≤ 10。

【解释】
经典的Dijkstra,熟练的话随便做了,用一个数组统计最优值,有更优的值就更新即可
就不多解释了,可以看看代码

【代码】

#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
int n,m,k;
int ans[1010][1010][20];//记录到达每个状态的最小步数 
string s[1010];//存地图 
priority_queue<vector<int>,vector<vector<int>>,greater<vector<int>>> q;
int f[4][2]={0,1,1,0,-1,0,0,-1};//四个方向 
signed main(){
	cin>>n>>m>>k;
	for(int i=0;i<n;i++){
		cin>>s[i];
	} 
	memset(ans,0x3f,sizeof ans);//初始化最大值
	q.push({0,1,0,0});//{0,1,0,0}分别代表走了0步,第1个相同字母,横坐标,纵坐标 
	ans[0][0][1]=0;
	while(!q.empty()){
		vector<int> v=q.top();
		q.pop();
		int px=v[2];//当前点的坐标 
		int py=v[3];
		for(int i=0;i<4;i++){
			int x=px+f[i][0];//下一个点的坐标 
			int y=py+f[i][1];
			if(x>=0&&x<n&&y>=0&&y<m){//得符合条件 
				if(s[px][py]==s[x][y]){//字母相同的情况 
					if(v[1]==k)continue;//到k了就不能走了 
					if(ans[x][y][v[1]+1]>v[0]+1){//有更优的,更新 
						ans[x][y][v[1]+1]=v[0]+1;
						q.push({v[0]+1,v[1]+1,x,y});
					} 
				} else{//字母不相同的情况 
					if(v[1]!=k)continue;//不到k不能走不同字母 
					if(ans[x][y][1]>v[0]+1){//有更优的,更新 
						ans[x][y][1]=v[0]+1;
						q.push({v[0]+1,1,x,y});
					} 
				}
			} 
		}
	} 
	int mi=ans[0][0][0];
	for(int i=1;i<=k;i++){
		mi=min(mi,ans[n-1][m-1][i]);//记录到达终点的最小值 
	}
	if(mi==ans[0][0][0]){
		cout<<-1<<endl;
	}else{
		cout<<mi<<endl;
	}
}

试题 H: 抓娃娃

时间限制: 1.0s 内存限制: 256.0MB 本题总分:20 分

【问题描述】
  小明拿了 n 条线段练习抓娃娃。他将所有线段铺在数轴上,第 i 条线段的左端点在 li,右端点在 ri。小明用 m 个区间去框这些线段,第 i 个区间的范围是 [Li, Ri]。如果一个线段有 至少一半 的长度被包含在某个区间内,则将其视为被这个区间框住。请计算出每个区间框住了多少个线段?

【输入格式】
输入共 n + m + 1 行。
第一行为两个正整数 n, m。
后面 n 行,每行两个整数 li,ri
后面 m 行,每行两个整数 Li, Ri

【输出格式】
输出共 m 行,每行一个整数。

【样例输入】
3 2
1 2
1 3
3 4
1 4
2 3

【样例输出】
3
2

【评测用例规模与约定】
对于 20% 的数据,保证 n, m ≤ 103
对于 100% 的数据,保证 n, m ≤ 105,li < ri,0 < li,ri, Li, Ri ≤ 106,max{ri −li} ≤ min{Ri − Li}

【解释】
题目勘误了,样例最后一行应该是2 4,而不是2 3
1、其实题目保证了max{ri −li} ≤ min{Ri − Li},那么如果占了区间一半的话,那么肯定包含了区间中点,我们就用这个原理做一个前缀和就好了
2、因为涉及了小数,给每个数字都乘以2先吧

【代码】

#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
int n,m;
int arr[2000010];
signed main(){
	cin>>n>>m;
	for(int i=0;i<n;i++){
		int a,b;
		cin>>a>>b;
		arr[(a+b)]++;//实际是 (a+b)/2*2
	}
	for(int i=1;i<2000010;i++){
		arr[i]+=arr[i-1];//前缀和 
	} 
	
	for(int i=0;i<m;i++){
		int a,b;
		cin>>a>>b;
		a*=2;
		b*=2;
		cout<<arr[b]-arr[a-1]<<endl;//差分
	} 
}

试题 I: 拼数字

时间限制: 1.0s 内存限制: 256.0MB 本题总分:25 分

【问题描述】
小蓝要用 N 个数字 2 和 M 个数字 3 拼出一个 N + M 位的整数。请你计算
小蓝能拼出的最大的 2023 的倍数是多少?

【输入格式】
两个整数 N 和 M。

【输出格式】
一个 N + M 位的整数,代表答案。如果拼不出 2023 的倍数,输出 −1。

【样例输入】
2 8

【样例输出】
2233333333

【评测用例规模与约定】
对于 20% 的数据,1 ≤ N, M ≤ 12。
对于 40% 的数据,1 ≤ N, M ≤ 100。
对于 60% 的数据,1 ≤ N, M ≤ 10000。
对于 100% 的数据,1 ≤ N, M ≤ 1000000。

【解释】
不会做啊啊啊,痛哭

【代码】
不会写

试题 J: 逃跑

时间限制: 1.0s 内存限制: 256.0MB 本题总分:25 分

【问题描述】
  小明所在星系有 n 颗星球,编号为 1 到 n。这些星球通过 n − 1 条无向边连成一棵树。根结点为编号为 1 的星球。
  为了在星际战争到来时逃到其他星系,小明在根结点设置了逃离用的传送门。每个星球的人只需要一直往父结点星球移动就可以抵达根结点。为了方便各个星球的人去往根结点,小明将其中 m 个星球设置为了跳板星球。在从某个星球去往根结点的路径上,当一个人经过任意星球(包括起点星球)时,他可以尝试直接跳跃到 其前往根结点路径上的除当前星球以外的第一个跳板星球,其时间花费和走到父结点星球的时间花费相同,都是 1 单位时间。
  然而,因为技术问题,向跳板星球的跳跃并不一定成功,每一次跳跃都有p 的概率失败,并转而跳跃到当前星球的父结点星球(相当于直接走到父结点星球);同时此跳板星球失效,将 不再视为跳板星球。
  为了衡量移动效率,小明想知道,如果一个人在这 n 颗星球中随机选择一颗出发前往根结点,其花费的最短时间的期望是多少单位时间?

【输入格式】
输入共 n + 1 行,第一行为两个正整数 n、m 和一个浮点数 p。
后面 n − 1 行,每行两个正整数 xi
, yi 表示第 i 条边的两个端点。
最后一行,共 m 个正整数表示所有跳板星球的编号。

【输出格式】
一行,一个浮点数,表示答案(请保留两位小数)。

【样例输入】
4 1 0.2
1 2
2 3
3 4
2

【样例输出】
1.30

【样例说明】
从 1 号星球出发的时间花费为 0;
从 2 号星球出发的时间花费为 1;
从 3 号星球出发的时间花费为 2;
从 4 号星球出发的时间花费为 0.8 × 2 + 0.2 × 3 = 2.2。
所以期望时间为 (0+1+2+2.2)/4 = 1.3。

【评测用例规模与约定】
对于 30% 的数据,保证 1 ≤ n ≤ 2000。
对于 100% 的数据,保证 1 ≤ n ≤ 106,1 ≤ m ≤ n,0 < p < 1。

【解释】
不会做啊啊啊,痛哭

【代码】
不会写

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